Description

第二关和很出名的斐波那契数列有关，地球上的OIer都知道：F1=1, F2=2, Fi = Fi-1 + Fi-2，每一项都可以称为斐波那契数。现在给一个正整数N，它可以写成一些斐波那契数的和的形式。如果我们要求不同的方案中不能有相同的斐波那契数，那么对一个N最多可以写出多少种方案呢？

Input

只有一个整数N。

Output

一个方案数

Sample Input

16

Sample Output

4

HINT

Hint：16=3+13=3+5+8=1+2+13=1+2+5+8

对于30%的数据，n<=256

对于100%的数据，n<=10^18

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题解

首先，任何数都能分解成几个斐波那契数列的和（一定有解），所以先将这个数字拆成几个斐波那契数相加的形式，编号记为pos[i],又因为每个斐波那契数可以分解继续成接下来的两项之和，我们就要考虑pos[i]与pos[i-1]的位置关系与其元素是否继续分解。dp[i][0/1]表示斐波那契中第i项替换或不替换。转移方程为：    dp[i][1]=dp[i-1][0]+dp[i-1][1];    dp[i][0]=dp[i-1][0]*(pos[i]-pos[i-1]>>1)+dp[i][1]*(pos-pos[i-1]-1>>1);

代码

#include
    
     using namespace std;long long n,fab[90];int cnt,pos[90],dp[90][2];int main(){    fab[1]=1;fab[2]=2;    cin>>n;    for(register int i=3;i<=85;i++)        fab[i]=fab[i-1]+fab[i-2];    for(register int i=85;i>=1;i--)        if(n>=fab[i]){
                n-=fab[i];            pos[++cnt]=i;        }    sort(pos+1,pos+1+cnt);    dp[1][1]=1;dp[1][0]=pos[1]-1>>1;    for(register int i=2;i<=cnt;i++){
            dp[i][1]=dp[i-1][0]+dp[i-1][1];        dp[i][0]=dp[i-1][0]*(pos[i]-pos[i-1]>>1)+dp[i-1][1]*(pos[i]-pos[i-1]-1>>1);    }    cout<
     
      <